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Gegeb ist die Abb.:
$$f: \{x \in \mathbb{C} | Re(x) > 0 \} \rightarrow \{x \in \mathbb{C} | |x| < 1 \}; x \mapsto \frac {1-x}{1+x}$$
Ich soll dazu dieUmkehrabbildung bestimmen und hab da als Lösung:
$$f^{-1}(y) = - \frac {x-1}{x+1}$$
Wenn ich mir die Funktionen jetzt aber zeichne, dann bin ich etwas verwirrt. Weil die sehen halt identisch aus und nicht wie ich das gewohnt bin, gespiegelt an der Winkelhalbierenden des ersten Quadranten. Muss man da vielleicht noch zusätzlich was beachten, wenn man die Umkehrfunktion in den komplexen Zahlen berechnen möchte?
$$f: \{x \in \mathbb{C} | Re(x) > 0 \} \rightarrow \{x \in \mathbb{C} | |x| < 1 \}; x \mapsto \frac {1-x}{1+x}$$
Ich soll dazu dieUmkehrabbildung bestimmen und hab da als Lösung:
$$f^{-1}(y) = - \frac {x-1}{x+1}$$
Wenn ich mir die Funktionen jetzt aber zeichne, dann bin ich etwas verwirrt. Weil die sehen halt identisch aus und nicht wie ich das gewohnt bin, gespiegelt an der Winkelhalbierenden des ersten Quadranten. Muss man da vielleicht noch zusätzlich was beachten, wenn man die Umkehrfunktion in den komplexen Zahlen berechnen möchte?
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justs68pi
Punkte: 99
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Wie hast du eine Abbildung \(\mathbb{C}\to \mathbb{C}\) gezeichnet? Nur die Realteil-Achsen? Auch sollte deine Umkehrfunktion von \(y\) abhängen...
─
mathejean
05.12.2021 um 17:16
Zum 2.: Huch, da hab ich die Variablen verwechselt.
Zum 1.: Ja also ich hab bei geogebra einmal nur den Realteil gezeichnet, gut das wird vermutlich problemtatisch gewesen sein.
Zu meiner Frage, das Prinzip wie ich auf dieUmkehrabbildung komme bleibt aber in $\mathbb{C}$ identisch? ─ justs68pi 05.12.2021 um 17:33
Zum 1.: Ja also ich hab bei geogebra einmal nur den Realteil gezeichnet, gut das wird vermutlich problemtatisch gewesen sein.
Zu meiner Frage, das Prinzip wie ich auf dieUmkehrabbildung komme bleibt aber in $\mathbb{C}$ identisch? ─ justs68pi 05.12.2021 um 17:33
$y = \frac {1-x}{1+x} \iff y(1+x) = 1-x \iff y + yx = 1-x \iff y-1 = -x-yx $
$\iff y-1 = x(-1-y) $
$\iff \frac {y-1}{-1-y} = x$ Ist es möglich, dass ich hier irgendwie durch 0 teile?
$\iff -\frac {y-1}{1+y} = x$ ─ justs68pi 05.12.2021 um 17:45
$\iff y-1 = x(-1-y) $
$\iff \frac {y-1}{-1-y} = x$ Ist es möglich, dass ich hier irgendwie durch 0 teile?
$\iff -\frac {y-1}{1+y} = x$ ─ justs68pi 05.12.2021 um 17:45
Ich weiß nicht genau, ob du das meinst, aber ich schreib ma auf was mir gerade einfällt:
Sei $\frac {1-x}{1+x}$, dann muss gelten: $x \neq -1$, damit man nicht durch 0 teilt.
$x= a+i \cdot b$, also:
$a+ib = -1 + i \cdot 0$, daraus folgt $b \neq 0$ oder $a \neq -1$, damit die Funktion nicht durch 0 geteilt wird.
Da der $Re(x)>0$ also $a>0$ ist, ist die Bedingung für alle x aus C mit $Re(x)>0$ erfüllt, d.h. die Abbildung ist über den gesamten Definitionsbereich wohldefiniert.
Was genau du mit "der Wertebereich muss noch geprüft werden" meinst, verstehe ich nicht ganz recht. ─ justs68pi 05.12.2021 um 18:27
Sei $\frac {1-x}{1+x}$, dann muss gelten: $x \neq -1$, damit man nicht durch 0 teilt.
$x= a+i \cdot b$, also:
$a+ib = -1 + i \cdot 0$, daraus folgt $b \neq 0$ oder $a \neq -1$, damit die Funktion nicht durch 0 geteilt wird.
Da der $Re(x)>0$ also $a>0$ ist, ist die Bedingung für alle x aus C mit $Re(x)>0$ erfüllt, d.h. die Abbildung ist über den gesamten Definitionsbereich wohldefiniert.
Was genau du mit "der Wertebereich muss noch geprüft werden" meinst, verstehe ich nicht ganz recht. ─ justs68pi 05.12.2021 um 18:27
Der Wertebereich der Umkehrabbildung muss mit dem Definitionsbereich der Abbildung übereinstimmen
─
mathejean
05.12.2021 um 18:30
Sorry, dass ich da nochmal nachfragen muss. Cauchy hatte ja oben zumindest angemekt, dass wenn ich das - in den Zähler ziehe, die selbe Abbildung wieder herausbekomme. Aber wenn $f^{-1}(y) = f(x)$ ist, wie kann es denn dann sein, dass der Definitionsbereich der Umkehrung, Wertebereich der Abbildung ist (bzw Wertebereich der Umkehrung, Defberech der Abbildung)?
─
justs68pi
05.12.2021 um 18:56
Dann drückt das doch nicht so kompliziert aus xD. Danke für eure Hilfe, ich habe die Lösung jetzt.
─
justs68pi
05.12.2021 um 20:41