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Hallo,
finde am Besten ein Gegenbeispiel. Suche eine Folge, für die $ \sqrt [n] {|a_n|} < 1 $, allerdings $ \limsup\limits_{n \to \infty} \sqrt [n] {|a_n|} = 1 $.
Was ist die erste divergente Reihe die dir in den Sinn kommt?
Grüße Christian
finde am Besten ein Gegenbeispiel. Suche eine Folge, für die $ \sqrt [n] {|a_n|} < 1 $, allerdings $ \limsup\limits_{n \to \infty} \sqrt [n] {|a_n|} = 1 $.
Was ist die erste divergente Reihe die dir in den Sinn kommt?
Grüße Christian
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christian_strack
Sonstiger Berufsstatus, Punkte: 29.81K
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Schon mal vielen dank für den Tipp also dürfte ich das einfach über die harmonische Reihe argumentieren (also das wäre zumindest so die erste divergente Reihe die mir einfällt) und sagen das dort für fast alle Folgenglieder das Kriterium gilt (also außer für das nullte Folgenglied) die Reihe aber trotzdem nicht konvergiert also ist das Kriterium nicht hinreichend?
─
user012e73
09.06.2021 um 13:47
Ja genau. Die harmonische Reihe ist divergent, allerdings ist
$$ \lim\limits_{n \to \infty} \sqrt[n]{\frac 1n } = \lim\limits_{n \to \infty} \frac 1 {\sqrt[n]{n}} = 1 $$
Und da der Grenzwert \( 1 \) ist, ist auch der limes Superior gleich \(1 \).
Wir müssen hier aber etwas aufpassen, denn für \( n=1\) ist \( \sqrt[1]{\frac 1 1 } = 1 \). Deshalb nehmen wir einfach
$$ \sum\limits_{n=2}^\infty \frac 1n $$
Wir können immernoch das selbe Argument nutzen um zu zeigen dass diese divergiert und wir haben außerdem \( \sqrt[n]{|a_n|} < 1 \). ─ christian_strack 09.06.2021 um 19:38
$$ \lim\limits_{n \to \infty} \sqrt[n]{\frac 1n } = \lim\limits_{n \to \infty} \frac 1 {\sqrt[n]{n}} = 1 $$
Und da der Grenzwert \( 1 \) ist, ist auch der limes Superior gleich \(1 \).
Wir müssen hier aber etwas aufpassen, denn für \( n=1\) ist \( \sqrt[1]{\frac 1 1 } = 1 \). Deshalb nehmen wir einfach
$$ \sum\limits_{n=2}^\infty \frac 1n $$
Wir können immernoch das selbe Argument nutzen um zu zeigen dass diese divergiert und wir haben außerdem \( \sqrt[n]{|a_n|} < 1 \). ─ christian_strack 09.06.2021 um 19:38