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Zunächst mal kann man sich für beide Richtungen die jeweils zweiten Fälle sparen wg der Symmetrie der Aufgabe in A und B. Man sagt dann "o.B.d.A. x in A", das kennst Du bestimmt mittlerweile.
Die Richtung \("\Longrightarrow"\) würde ich so durchgehen lassen. Sauber wäre es zu sagen man zeigt nur "f|_A stetig". Dann: sei \(a\in A, a_k \in A\) mit \(a_k\to a\): Dann gilt \(f|_A(a_k)=.....=f_A(a)\), fülle die Zwischenschritte sauber selbst aus und mach klar, wo die Annahme eingeht.
Die andere Richtung, also \("\Longleftarrow"\) geht so nicht. Hier muss man mit "Sei \(x\in X, x_k\in X\) mit \(x_k\to x\) anfangen und zeigen \(f(x_k)\to f(x)\). Übe diese Beweismuster mal ein, insb. die Verwendung von "sei...:" da, wo etwas wie "für alle..." zu zeigen ist. Quantoren kommen dann im Beweis gar nicht vor.
Die Richtung \("\Longrightarrow"\) würde ich so durchgehen lassen. Sauber wäre es zu sagen man zeigt nur "f|_A stetig". Dann: sei \(a\in A, a_k \in A\) mit \(a_k\to a\): Dann gilt \(f|_A(a_k)=.....=f_A(a)\), fülle die Zwischenschritte sauber selbst aus und mach klar, wo die Annahme eingeht.
Die andere Richtung, also \("\Longleftarrow"\) geht so nicht. Hier muss man mit "Sei \(x\in X, x_k\in X\) mit \(x_k\to x\) anfangen und zeigen \(f(x_k)\to f(x)\). Übe diese Beweismuster mal ein, insb. die Verwendung von "sei...:" da, wo etwas wie "für alle..." zu zeigen ist. Quantoren kommen dann im Beweis gar nicht vor.
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mikn
Lehrer/Professor, Punkte: 38.86K
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nein leider ist mir dieser Begriff unbekannt was bedeutet er?
─
karate
05.04.2021 um 23:26
Ah okei vielen Dank!
Also das heisst die Grundidee ist dass wir uns eine Folge in X nehmen und diese kann für schliesslich alle k in A, B oder weder A noch B sein.
Nun zum 3. Fall. Wenn sie dann aber weder für schliesslich alle k in A noch in B ist würde dies ja zum Beispiel bedeutet dass sie immer hin und her "springt" oder? Das würde ja dann aber heissen dass die Folge gar nicht konvergiert, da wir ja wissen, dass jede Folge die für schliesslich alle k in A oder B liegt auch ihren Grenzwert in A oder B hat nicht? ─ karate 05.04.2021 um 23:40
Also das heisst die Grundidee ist dass wir uns eine Folge in X nehmen und diese kann für schliesslich alle k in A, B oder weder A noch B sein.
Nun zum 3. Fall. Wenn sie dann aber weder für schliesslich alle k in A noch in B ist würde dies ja zum Beispiel bedeutet dass sie immer hin und her "springt" oder? Das würde ja dann aber heissen dass die Folge gar nicht konvergiert, da wir ja wissen, dass jede Folge die für schliesslich alle k in A oder B liegt auch ihren Grenzwert in A oder B hat nicht? ─ karate 05.04.2021 um 23:40
Hmm also ich hätte da eben gesagt, dass ja der Grenzwert entweder in A oder B sein muss, aber dann würde es doch ein k_0 geben so dass unsere Folge für alle k >=k_0 in A oder B liegt oder wo mache ich hier den Denkfehler? Oder könnte ich dann sagen dass es zwei Teilfolgen gibt, die eine hat einfach alle "Sprünge" in A und die andere in B, dann würden diese Teilfolgen ja auch konvergieren und man wäre eigentlich wieder bei Fall 1,2
─
karate
06.04.2021 um 00:02
Okei also laut meiner Skizze würde es ja bedeuten, dass der Grenzwert dieser Folge im Durchschnitt von A und B sein müsste, denn da die Folge ja immer "springt", wäre ja sonst die Folge für schliesslich alle k in A respektive B. Irgendwie habe ich aber noch irgend ein Problem, denn auch da muss doch die Folge irgendwann in den durchschnitt eintauchen und dann wäre sie ja für schliesslich alle k in A resp. B oder nicht?
Nichtsdestotrotz hätte man ja zwei Teilfolgen \(x_A^{(k)}\) wobei eine für schliesslich alle k in A liegt und die andere \(x_B^{(k')}\)für schliesslich alle k' in B, gleichzeitig gilt ja dass \(x_A^{(k)}\rightarrow x\) und \(x_B^{(k')}\rightarrow x\). Da ja nun aber \(f|_A, f|_B\) stetig sind würde das ja heissen dass \(f|_A(x_A^{(k)})\rightarrow f|_A(x)\) und \(f|_B(x_B^{(k')})\rightarrow f|_B(x)\).
Könnte man dann nicht wieder sagen dass der erste Fall hier wie Fall 1 behandelt wird (von oben) und der zweite Fall hier wie Fall 2 (von oben)? ─ karate 06.04.2021 um 13:44
Nichtsdestotrotz hätte man ja zwei Teilfolgen \(x_A^{(k)}\) wobei eine für schliesslich alle k in A liegt und die andere \(x_B^{(k')}\)für schliesslich alle k' in B, gleichzeitig gilt ja dass \(x_A^{(k)}\rightarrow x\) und \(x_B^{(k')}\rightarrow x\). Da ja nun aber \(f|_A, f|_B\) stetig sind würde das ja heissen dass \(f|_A(x_A^{(k)})\rightarrow f|_A(x)\) und \(f|_B(x_B^{(k')})\rightarrow f|_B(x)\).
Könnte man dann nicht wieder sagen dass der erste Fall hier wie Fall 1 behandelt wird (von oben) und der zweite Fall hier wie Fall 2 (von oben)? ─ karate 06.04.2021 um 13:44
Ah ja da habe ich eine unpassende Skizze. also nochmals wir wählen unsere Teilfolgen so dass \(x_A^{(k)}\subset A\) alle punkte von \(x^{(k)}\) beinhaltet die in A liegen und \(x_B^{(k)}\subset B\) beinhaltet alle die in B liegen. Wir wissen dass gilt \(x_A^{(k)}\rightarrow x,\,\,\, x_B^{(k)}\rightarrow x\). Es gilt nun also dass \(x^{(k)}=x_A^{(k)} \cup x_B^{(k)}\). Daraus folgt:
\(f(x^{(k)})=f(x_A^{(k)} \cup x_B^{(k)})=f(x_A^{(k)})\cup f(x_B^{(k)})=f|_A(x_A^{(k)})\cup f|_B(x_B^{(k)})\rightarrow f|_A(x)\cup f|_B(x)\stackrel{x\in A\cap B}{=}f(x)\).
ist das immer noch sehr falsch? ─ karate 06.04.2021 um 14:14
\(f(x^{(k)})=f(x_A^{(k)} \cup x_B^{(k)})=f(x_A^{(k)})\cup f(x_B^{(k)})=f|_A(x_A^{(k)})\cup f|_B(x_B^{(k)})\rightarrow f|_A(x)\cup f|_B(x)\stackrel{x\in A\cap B}{=}f(x)\).
ist das immer noch sehr falsch? ─ karate 06.04.2021 um 14:14
Ja ich habe mir eben gedacht dass ich die Folge \(x_A^{(k)}=\{x_A^{(1)},x_A^{(2)},...\}\) sehe und daher habe ich \(\cup\) eingebaut aber ja ich sehe das Problem. Nun frage ich mich aber wie ich das Mathematisch notieren kann, also die Aufteilung von \(x^{(k)}\) in die Teilfolgen, denn ich kann die Teilfolgen ja auch nicht addieren, würde auch keinen Sinn ergeben. Gibt es da eine schlaue Notation, denn so wie ich das verstanden habe liegt der Haken nur noch dort, also der Rest verläuft dann eigentlich gleich wie oben einfach mit anderen Zeichen oder habe ich das falsch verstanden?
─
karate
06.04.2021 um 14:40
Oh wow, also muss zugeben auf diese rekursive Definition wäre ich niemals gekommen.
Ist es richtig dass ich nun eigentlich meine Aufteilung von \(x^{(k)}\) mit diesen zwei Folgen wie oben vornehmen kann und dann ist auch die "Gleichungskette" korrekt? ─ karate 06.04.2021 um 16:42
Ist es richtig dass ich nun eigentlich meine Aufteilung von \(x^{(k)}\) mit diesen zwei Folgen wie oben vornehmen kann und dann ist auch die "Gleichungskette" korrekt? ─ karate 06.04.2021 um 16:42
Super vielen Dank für die Hilfe! Ja ich denke das kriege ich hin.
─
karate
06.04.2021 um 17:50
Leider scheint diese Antwort Unstimmigkeiten zu enthalten und muss korrigiert werden.
Mikn wurde bereits informiert.
Okei aber darf ich die Rückrichtung so machen:
Sei \(x\in X, x^{(k)} \in X\) mit \(x^{(k)}\rightarrow x\). Da \(A,B\) abgeschossen sind, liegen die Grenzwerte \(a,b\) von beliebigen Folgen \(a^{(n)}\in A, b^{(n)}\in B\) wiederum in \(A,B\) daher können wir o.B.d.A annehmen dass \(x,x^{(k)}\in A\). Dann gilt \(f(x^{(k)})\stackrel{x^{(k)}\in A}{=}f|_A(x^{(k)})\stackrel{f|_A \,\,stetig}{\rightarrow}f|_A(x)\stackrel{x\in A}{=}f(x)\).
Kurz zur Erläuterung, mit dem Satz: "Da A,B, abgeschlossen sind..." wollte ich eigentlich nur darauf hinweisen, dass wir keine Folge in B finden können die gegen einen Grenzwert in A konvergiert ausser falls der Grenzwert im Durchschnitt von A und B liegt aber dann liegt dieser ja sowiso in B und in diesem Fall hat sich die Sache erledigt. ich hoffe das versteht man ─ karate 05.04.2021 um 23:03